Advertisement
Not a member of Pastebin yet?
Sign Up,
it unlocks many cool features!
- \documentclass[a4paper,12pt]{article} % добавить leqno в [] для нумерации слева
- %%% Работа с русским языком
- \usepackage{cmap} % поиск в PDF
- \usepackage{mathtext} % русские буквы в фомулах
- \usepackage[T2A]{fontenc} % кодировка
- \usepackage[utf8]{inputenc} % кодировка исходного текста
- \usepackage[english,russian]{babel} % локализация и переносы
- %%% Дополнительная работа с математикой
- \usepackage{amsmath} % AMS
- %%margings
- \usepackage[top=1.4in, bottom=1.25in, left=1.25in, right=1.25in]{geometry}
- %%theorems
- \newtheorem{theorem}{Теорема}
- %%for adjustment of scale
- \usepackage{scalerel}
- %%for making plots
- \usepackage{pgfplots}
- \pgfplotsset{width=10cm,compat=1.9}
- \begin{document} % конец преамбулы, начало документа
- \begin{titlepage} %титульный лист
- \begin{center}
- \textbf{Правительство Российской Федерации}
- \vspace{0.2em}
- \textbf{Федеральное государственное автономное образовательное учреждение}
- \vspace{0.1em}
- \textbf{высшего профессионального образования}
- \vspace{0.2em}
- \textbf{Национальный исследовательский университет}
- \vspace{0.2em}
- \textbf{"Высшая школа экономики"}
- \vspace{0.7em}
- Московский институт электроники и математики
- Прикладная математика
- \vspace{3.3em}
- Курсовая работа
- \vspace{0.3em}
- по дисциплине “Математический анализ”
- \vspace{0.3em}
- по теме
- “Элементарные асимптотические методы”
- \vspace{7em}
- \end{center}
- \begin{flushright}
- \textbf{Работу выполнил}
- \vspace{0.3em}
- Студент группы
- \vspace{0.3em}
- БПМ 181
- \vspace{0.3em}
- Гусейнли Эльдар Эльханович
- \vspace{2em}
- \textbf{Преподаватель}
- \vspace{0.3em}
- Дёмин Дмитрий Олегович
- \end{flushright}
- \vspace{\fill} %fill the page with vacuum
- \begin{center}
- Москва, 2019
- \end{center}
- \end{titlepage} %title page
- \setcounter{page}{2} %create counter for pages
- \leftline{\textbf{Вариант №61}} %place the string in the center
- \vspace{1.5em}
- \section*{Используемые теоремы}
- \begin{theorem}
- \label{similarity}
- Если $f(x) = g(x) + 0(g(x))$ при $x\to x_0$, то $f(x) \sim g(x),\;x\to x_0$ и наоборот.
- \end{theorem}
- \begin{theorem}[Теорема Тейлора-Пеано]
- \label{taylorpeano}
- Пусть $f$ является функцией, дифференцируемой в $x_0$ $n$ раз, тогда
- $$f(x)=T_n(x)+o((x-x_0)^n)$$
- где $$T(x) = f(x_0)+\frac{f'(x_0)}{1!}(x-x_0)+\frac{f''(x_0)}{2!}(x-x_0)^2+\cdots+\frac{f^{(n)}(x_0)}{n!}(x-x_0)^n$$
- \end{theorem}
- Из этой теоремы следуют несколько стандартных разложений часто встречающихся функций:
- \begin{gather}
- a^x = \sum_{n = 0}^{k}\frac{(xlna)^n}{n!} + o(x^{k}); \ x\rightarrow 0\label{f1}\\
- ln(1 + x) = \sum_{n = 1}^{k}\frac{(-1)^{n+1}x^n}{n!} + o(x^{k}); \ x\rightarrow 0\label{f2}\\
- (1+x)^{a} = \sum_{n = 0}^{k}\frac{a(a-1)(a-2)...(a-n + 1)x^n}{n!} + o(x^{k});\ x\rightarrow 0\label{f3}\\
- tg(x) = x +\frac{x^3}{3} + o(x^3); \; x \rightarrow 0\label{f4}\\
- sin(x) = \sum_{n = 1}^{k}\frac{(-1)^{n+1}x^{2n-1}}{(2n-1)!} ; \ x \rightarrow 0 \label{f5}
- \end{gather}
- \begin{theorem}[Формула Ньютона-Лейбница]
- \label{newtonleibniz}
- Пусть $f$ непрерывна на $[a, b]$ и $F$ - первообразная для $f$, тогда $\int\limits_a^bf(x)dx = F(b) - F(a)$
- \end{theorem}
- \begin{theorem}
- \label{someFtheorem}
- Пусть функции $f(t),\;g(t)$ непрерывны на полуоси $[a, +\infty)$,\\
- $g(t) \neq 0,\; t \in [a, +\infty)$. Положим
- $F(x) = \int\limits_a^x f(t)dt,\;\;G(x) = \int\limits_a^x g(t)dt$\\
- Тогда
- \begin{enumerate}
- \item если $f(t) \sim g(t), t \to +\infty$, и $G(x) \to \infty, x \to +\infty$, то $F(x) \to \infty$ и
- $F(x) \sim G(x),\;\;x \to +\infty$;
- \item если $f(t) = \mathcal{O}(g(t)), t \to +\infty$, то $F(x) = \mathcal{O}(G(x))\;\;x \to +\infty$;
- \item если $f(t) = o(g(t)), t \to +\infty$, и $G(x) \to \infty, x \to +\infty$, то $F(x) = o(G(x)),\;\;x \to +\infty$.
- \end{enumerate}
- \end{theorem}
- \begin{theorem}
- \label{MoresomeFtheorem}
- Пусть функции $f(t),\;g(t)$ непрерывны на полуоси $[a, +\infty)$,\\
- $g(t) \neq 0,\; t \in [a, +\infty)$. Тогда
- \begin{enumerate}
- \item если $f(t) \sim g(t), t \to +\infty$, и несобственный интеграл $\int\limits_a^{+\infty}g(t)dt$ сходится, то сходится и несобственный интеграл $\int\limits_a^{+\infty}f(t)dt$, причем
- $$\int\limits_x^{+\infty}f(t)dt\sim\int\limits_x^{+\infty}g(t)dt,\;\;x\to+\infty$$
- \item если $f(t) = \mathcal{O}(g(t)), t \to +\infty$, и несобственный интеграл $\mathlarger{\int\limits_a^{+\infty}g(t)dt}$ сходится, то сходится также $\mathlarger{\int\limits_a^{+\infty}f(t)dt}$ и $$\int\limits_x^{+\infty}f(t)dt = \mathcal{O}\Bigg(\int\limits_x^{+\infty} g(t)dt\Bigg)\;\;x \to +\infty$$
- \item утверждение пункта 2) теоремы остается в силе, если в нем символ $\mathcal{O}$ заменить символом $o$.
- \end{enumerate}
- \end{theorem}
- \newpage
- \section*{Задание №1,2}
- В задачах 1 и 2 нужно написать асимптотические формулы для данной $f(x)$ при $x\rightarrow a$, причем в ответе должно быть не менее двух членов асимптотитческой формулы, не считая остатка.
- \\\\
- 1. $f(x) = \left(\dfrac{2^x +1}{2}\right)^{\dfrac{1}{sinx}} , \;\;\;\; x\rightarrow 0$.
- \\\\
- Воспользуемся формулой \ref{f3} и разложим $2^x$ в числителе, получим:\\
- \begin{gather*}
- f(x) = \left(\frac{1 + ln2x +o(x) +1}{2}\right)^\frac{1}{\sin{x}}=\left(\frac{2+ln2x + o(x)}{2}\right)^\frac{1}{sinx}=\\ = \left(1 + \frac{ln2x + o(x)}{2}\right)^\frac{1}{sinx} =
- \scaleobj{1.3}{e^{\frac{1}{\sin{x}}ln\left(1 + \frac{ln2x + o(x)}{2}\right)}}
- \end{gather*}
- Воспользуемся формулой \ref{f2} и разложим логарифм в степени, и получим вместо него:
- \begin{gather*}
- ln\left(1 + \frac{ln2x + o(x)}{2}\right) = \frac{ln2x +o(x)}{2} + \frac{1}{2}\left(\frac{ln2x +o(x)}{2}\right)^2 + o(x^2) = \\ =
- \frac{ln2x+o(x)}{2} + \frac{(ln^22)x^2}{8} + o(x) = \frac{4ln2x+(ln^{2}2)x^2}{8} + o(x)
- \end{gather*}
- Разложим синус в знаменателе до 3-го члена, воспользовавшись формулой \ref{f5}, получим:
- \begin{gather*}
- \frac{4ln2x + (ln^22)x^2 + o(x)}{8(x - x^3/6 + o(x^3))} = \frac{4ln2 + (ln^22)x + o(1)}{8(1 - x^2/6 + o(x^2))} =\\ =\frac{1}{8}(4ln2 + (ln^22)x + o(1))(1 - x^2/6 + o(x^2))^{-1}
- \end{gather*}
- Воспользуемся формулой \ref{f3}, чтобы разложить знаменатель:
- \begin{gather*}
- \frac{1}{8}(4ln2 + (ln^22)x + o(1))(1 + x^2/6 + o(x^2) + o(x^2/6 + o(x^2))) =\\ =\frac{1}{8}(4ln2 + (ln^22)x + o(1))(1 + x^2/6 + o(x^2))
- \end{gather*}
- Перемножив, получим в итоге такую степень экспоненты:
- \begin{gather*}
- \scaleobj{1.2}{e}^\scaleobj{1.5}{{\frac{1}{8}(4ln2 + (ln^22)x +\frac{2}{3}(ln2)x^2 + o(x^2)}} =
- \end{gather*}
- \newpage
- Теперь вынесем из степени $\frac{4ln2}{8}$, получим:\\
- \begin{gather*}
- \scaleobj{1.2}{e}^\scaleobj{1.5}{{\frac{1}{8}(4ln2 + (ln^22)x +\frac{2}{3}(ln2)x^2 + o(x^2)}} = \\ \sqrt{2}\scaleobj{1.2}{e}^\scaleobj{1.5}{{\frac{1}{8}(1 + (ln^22)x +\frac{2}{3}(ln2)x^2 + o(x^2)}}
- \end{gather*}
- Воспользовавшись формулой \ref{f1} разложим экспоненту в ряд до 2 члена:
- \begin{gather*}
- \sqrt{2}(1 + \frac{(ln^22)x + \frac{2}{3}ln2x^2 + o(x^2)}{8} + \frac{1}{2}\left(\frac{(ln^22)x + \frac{2}{3}ln2x^2 +o(x^2)}{8}\right)^2 + o(x^2)) = \\
- = \sqrt{2}(1 + \frac{(ln^22)x}{8} + \frac{(ln2)x^2}{12} + \frac{(ln^42)x^2}{108} + o(x^2)) = \\
- = \sqrt{2} + \frac{(ln^22)x}{4\sqrt{2}} + x^2\left(\frac{ln^22}{6\sqrt{2}} + \frac{ln^42}{64\sqrt{2}}\right) + o(x^2))
- \end{gather*}
- \\\\
- Ответ: $f(x) = \sqrt{2} + \frac{(ln^22)x}{4\sqrt{2}} + x^2\left(\frac{ln^22}{6\sqrt{2}} + \frac{ln^42}{64\sqrt{2}}\right) + o(x^2))$
- \\\\\\
- 1. $f(x) = \sqrt[3]{x^2 +x + 7} -xsin\frac{x}{x^2 + 1} , \;\;\;\; x\rightarrow \infty$.
- \\\\
- Вынесим из под корня $\sqrt[3]{x^2}$ и
- разложим с помощью формулы \ref{f3} выражение с радикалом:
- \begin{gather*}
- f(x) = x^{\frac{2}{3}}(1 + x^{-1} + 7x^{-2})^\frac{1}{3} - xsin\frac{x}{x^2 +1}\; = \;x^{\frac{2}{3}}(1 + \frac{1}{3}x^{-1} + \frac{7}{3}x^{-2} + o(x^{-2})) - xsin\frac{x}{x^2 +1}
- \end{gather*}
- Теперь разложим синус с помощью формулы \ref{f5}:
- \begin{gather*}
- x^{\frac{2}{3}}(1 + \frac{1}{3}x^{-1} + \frac{7}{3}x^{-2} + o(x^{-2})) - x(\frac{x}{x^2 +1} + o(\frac{x}{x^2 +1})) = \\
- = x^{\frac{2}{3}}(1 + \frac{1}{3}x^{-1} + \frac{7}{3}x^{-2} + o(x^{-2})) - \frac{x^2}{x^2 +1} + o(\frac{x^2}{x^2 +1})
- \end{gather*}
- Легко видеть, что $\frac{x^2}{x^2 +1} \sim 1$, т.к. $\displaystyle \lim_{x\to\infty }\left(\frac{1}{\frac{x^2}{x^2 +1}}\right) = 1$. Тогда $\frac{x^2}{x^2 +1} = 1 + o(1)$. Получаем:
- \begin{gather*}
- x^{\frac{2}{3}}(1 + \frac{1}{3}x^{-1} + \frac{7}{3}x^{-2} + o(x^{-2})) - 1 + o(1) + o(1 + o(1)) = \\
- = x^{\frac{2}{3}}(1 + \frac{1}{3}x^{-1} + \frac{7}{3}x^{-2} + o(x^{-2})) - 1 + o(1) = \\
- = x^{\frac{2}{3}} - 1 + o(1)
- \end{gather*}
- Ответ: $f(x) = x^{\frac{2}{3}} - 1 + o(1) $
- \newpage %make new page
- \section*{Задание №3}
- В задаче 3 требуется, используя формулу Тейлора, найти асимптотику корней уравнения, причем в отвее должно быть не менее двух членов асимптотики, не считая остатка.
- \\\\
- 3. $ctgx - \scaleobj{1.3}{\frac{1}{x}} = 0, \;\;x>0$.\\\\
- Легко видеть, что при $x \rightarrow +\infty:\;\;\; \scaleobj{1.4}{\frac{1}{x}} \rightarrow +0 $
- , тогда найдем такую\\ последовательность корней $x_n \rightarrow +\infty$, чтобы $ctg(x_n) \rightarrow +0$.
- \\\\
- Очевидно, что первым членами будут: $x_n = \frac{\pi}{2} + \pi n + \alpha_n$, где $\alpha_n \rightarrow 0$
- \\
- Чтобы найти $\alpha_n$ просто подставим корень в уравнение:
- \begin{gather*}
- ctg(\scaleobj{1.2}{\frac{\pi}{2}} + \pi n + \alpha_n) - \frac{1}{\scaleobj{1.5}{\frac{\pi}{2}} + \pi n + \alpha_n}= 0; \\\\
- -tg(\alpha_n) = \frac{1}{\scaleobj{1.5}{\frac{\pi}{2}} + \pi n + \alpha_n};
- \end{gather*}
- Используя формулу \ref{f5} видим, что у нас\\\\ $-tg(\alpha_n) \sim -\alpha_n,\;\;\;$ а также замечаем: $ \scaleobj{1.5}{\frac{1}{\scaleobj{1.03}{\frac{\pi}{2}} + \pi n + \alpha_n } \scaleobj{0.7}{\sim} \frac{1}{\scaleobj{1.1}{\pi n}}},\;\;$ при $\alpha_n \rightarrow 0$
- \\\\
- Тогда $\alpha_n \sim -\frac{1}{\scaleobj{1.2}{\pi n}}\;$ и $\;\alpha_n = -\frac{1}{\scaleobj{1.2}{\pi n}} + o(\frac{1}{n})$\\\\
- Получаем корень с двумя членами асимптотики: $x_n = \scaleobj{1.2}{\frac{\pi}{2}} + \pi n + -\frac{1}{\scaleobj{1.2}{\pi n}} + o(\frac{1}{n})$\\при $\alpha_n \rightarrow 0$
- \\\\
- Ответ: $x_n = \scaleobj{1.2}{\frac{\pi}{2}} + \pi n + -\frac{1}{\scaleobj{1.2}{\pi n}} + o(\frac{1}{n})\;\;$ при $\alpha_n \rightarrow 0$
- \newpage
- \section*{Задание №4,5}
- В задачах 4 и 5 требуется написать асимптотические представление функции, заданной интегралом. Одна из них решается интегрированием по частям и там требуется записать два члена асимптотической формулы. Другая решается с исползованием формулы Тейлора и в ней асимптотическое представление должно быть доведено до члена, являющегося бесконечно малой функцией при при $x \rightarrow a$.
- \\\\
- 4. $F(x) = \int_x^{+\infty}{\frac{sint^2}{t\sqrt{t}}dt},\;\;x \rightarrow +\infty$.
- \begin{gather*}
- F(x) = \int_x^{+\infty}sint^2 t^\frac{-3}{2}dt = \int_x^{+\infty}sint^22t\frac{t^{\frac{-5}{2}}}{2}dt = \\
- = cost^2(-\frac{t^{\frac{-5}{2}}}{2})\;\bigg|_{x}^{+\infty} -
- \int_x^{+\infty}-cost^{2}(-\frac{5}{4})t^{-\frac{7}{2}}dt = \\
- -cost^2(\frac{t^{-\frac{5}{2}}}{2})\;\bigg|_{x}^{+\infty}-
- \int_x^{+\infty}cost^{2}2t(\frac{5}{8})t^{-\frac{9}{2}}dt \\
- \end{gather*}
- Все переходы выше есть только интегрирование по частям определенного интеграла
- \\
- Исслудуем теперь отдельно $\int_x^{+\infty}cost^{2}2t(\frac{5}{8})t^{-\frac{9}{2}}dt$\\
- \begin{gather*}
- \int_x^{+\infty}cost^{2}2t(\frac{5}{8})t^{-\frac{9}{2}}dt = \\
- sint^2\frac{5}{8}t^{-\frac{9}{2}}\;\bigg|_{x}^{+\infty} -
- \int_x^{+\infty}sint^{2}(\frac{5}{8})(-\frac{9}{2})t^{-\frac{11}{2}}dt
- =\\
- \displaystyle\lim_{t \to \infty}(sint^2\frac{5}{8}t^{-\frac{9}{2}}) - sinx^2\frac{5}{8}x^{-\frac{9}{2}} + \int_x^{+\infty}sint^{2}(\frac{5}{8})(\frac{9}{2})t^{-\frac{11}{2}}dt = \\
- -sinx^2\frac{5}{8}x^{-\frac{9}{2}} + \int_x^{+\infty}sint^{2}(\frac{5}{8})(\frac{9}{2})t^{-\frac{11}{2}}dt \\
- \end{gather*}
- Теперь замечаем, что по теореме 5\\\\
- $\int_x^{+\infty}sint^{2}(\frac{5}{8})(\frac{9}{2})t^{-\frac{11}{2}}dt = o(\int_x^{+\infty}cost^{2}2t(\frac{5}{8})t^{-\frac{9}{2}}dt)$\\ \\Следственно
- $\int_x^{+\infty}cost^{2}2t(\frac{5}{8})t^{-\frac{9}{2}}dt$ \sim$ -sinx^2\frac{5}{8}x^{-\frac{9}{2}}$
- \\\\
- Тогда $\int_x^{+\infty}cost^{2}2t(\frac{5}{8})t^{-\frac{9}{2}}dt =
- -sinx^2\frac{5}{8}x^{-\frac{9}{2}} + o(-sinx^2\frac{5}{8}x^{-\frac{9}{2}}) = \\
- = -sinx^2\frac{5}{8}x^{-\frac{9}{2}} + o(x^{\frac{-9}{2}})$
- \\\\
- Возвращаемся к предыдущим выражениям:
- \begin{gather*}
- -cost^2(\frac{t^{-\frac{5}{2}}}{2})\;\bigg|_{x}^{+\infty}-
- \int_x^{+\infty}cost^{2}2t(\frac{5}{8})t^{-\frac{9}{2}}dt =\\
- = -cost^2(\frac{t^{-\frac{5}{2}}}{2})\;\bigg|_{x}^{+\infty}+
- sinx^2\frac{5}{8}x^{-\frac{9}{2}} + o(x^{\frac{-9}{2}}) = \\
- = \displaystyle\lim_{t \to \infty}(-cost^2(\frac{t^{-\frac{5}{2}}}{2})) - (-cosx^2(\frac{x^{-\frac{5}{2}}}{2})) + sinx^2\frac{5}{8}x^{-\frac{9}{2}} + o(x^{\frac{-9}{2}})=\\
- =cosx^2(\frac{x^{-\frac{5}{2}}}{2}) + sinx^2\frac{5}{8}x^{-\frac{9}{2}} + o(x^{\frac{-9}{2}})
- \end{gather*}
- Ответ: $F(x) = cosx^2(\frac{x^{-\frac{5}{2}}}{2}) + sinx^2\frac{5}{8}x^{-\frac{9}{2}} + o(x^{\frac{-9}{2}})$\\\\
- 5.$F(x) = \int_x^{1}\frac{e^{tgt}}{t}dt, \;\; x\rightarrow +0$
- \\\\
- Пусть $f(x) = \frac{e^{tgt}}{t}$. Разложим $f(x)$ с помощью формул \ref{f1} и \ref{f4} при $t\rightarrow +0 $:
- \begin{gather*}
- \frac{e^{tgt}}{t} = \frac{e^{t + \frac{t^3}{3}+o(t^3)}}{t} = \frac{1 + t + \frac{t^2}{2} + o(t^2)}{t} = \frac{1}{t} + 1 + \frac{t}{2}+o(t)
- \end{gather*}
- Пусть $g(x) = \frac{1}{t} + 1 + \frac{t}{2}$
- \\\\
- Проведем замену $t = \frac{1}{r}, \;dt = -\frac{1}{r^2}dr, \; x = 1/y, \;\; y \rightarrow +\infty$
- \begin{gather*}
- F(y) = \int_1^y\frac{e^{tg1/r}}{1/r}\frac{1}{r^2}dr\\
- f(r) = \frac{1}{r^2}(\frac{e^{tg1/r}}{1/r}) = \frac{1}{r} + \frac{1}{r^2} + \frac{1}{2r^3} + o(\frac{1}{r^3})=
- \\=g(r) + o(\frac{1}{r^3}) ,\;\; r \rightarrow +\infty
- \\\\
- G(y) = \int_1^y(\frac{1}{r} + \frac{1}{r^2} + \frac{1}{2r^3})dr = (lnr - \frac{1}{r} - \frac{1}{4r^2})\;\bigg|_{1}^{y} = \\
- =lnr - \frac{1}{r} - \frac{1}{4r^2} + \frac{5}{4}
- \end{gather*}
- \\
- Так как $f(x) \sim g(x)$, $f, g$ непрерывны на полуоси $[1, +\infty)$\\ и $G(y) \rightarrow \infty,\; y \rightarrow +\infty$, то по теореме 4 $F(y) \sim G(y),\; y \rightarrow +\infty$
- \\\\
- Исследуем функцию $u(r) =f(x) -g(x) = o(\frac{1}{r^3}), \;r \rightarrow +\infty$
- \begin{align*}
- \int\limits_1^y u(r)dr = \int\limits_1^{+\infty}u(r)dr - \int\limits_y^{+\infty}u(r)dr
- \end{align*}
- Из пункта 3 теоремы 5 следует, что $\mathcal{Z} = \mathlarger{\int\limits_1^{+\infty}h(r)dr}$ сходится, так как
- $$\int\limits_1^{+\infty}\frac{1}{r^3}dr = (-\frac{1}{2r^2})\;\Bigg\rvert_1^{+\infty} = -\frac{1}{2}$$
- сходится
- и
- \begin{gather*}
- \label{reminder}
- \begin{split}
- \int\limits_y^{+\infty}u(r)dr &= o\Bigg(\int\limits_y^{+\infty}\frac{1}{r^3}\Bigg)=o\Bigg(\bigg(-\frac{1}{r^2}\;\;\bigg)\Bigg\rvert_y^{+\infty}\Bigg)=\\
- &=o\Big(\frac{1}{y^2}\Big)
- \end{split}
- \end{gather*}
- \\
- Тогда получаем:
- \\
- \begin{gather*}
- F(y) = G(y) + \int\limits_1^{y}(f(r) - g(r))dr = G(y) + \int\limits_1^{y}u(r)dr =\\
- =G(y) + \mathcal{Z} + o\Big(\frac{1}{y}\Big) = lny - \frac{1}{y} -\frac{1}{4y^2} + \mathcal{Z} +\frac{5}{4} + o(\frac{1}{y})
- \end{gather*}
- Вернемся к замене $y = 1/x$
- \begin{gather*}
- F(x) = ln(1/x) - x - \frac{x^2}{4} + \mathcal{Z} + \frac{5}{4} + o(x)
- \end{gather*}
- \\\\
- Ответ:$ F(x) = ln(1/x) - x - \frac{x^2}{4} + \mathcal{Z} +\frac{5}{4} + o(x)$,\\
- где $\mathcal{Z} = \mathlarger{\int\limits_0^1}\Big(\frac{e^{tgt}}{t} -(\frac{1}{t} + 1 + \frac{t}{2} )\Big)dt$, $x \rightarrow +0$
- \end{document} % конец документа
Advertisement
Add Comment
Please, Sign In to add comment
Advertisement