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- | Grupo I |
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- 1. Na sei fazeri
- 2.
- n = 20
- A : "Departamento de Corte"
- B : "Departamento de Acabamento"
- #(AuB) = 10+13 = 23
- Queremos saber P(AeB), que é a prob. de trabalhar em ambos os departamentos
- ---- -----
- ( ( ) )
- (10 (3)10 )
- ( ( ) )
- ---- -----
- #(AeB) = 3, é o nr de operários que trabalham em ambos os departamentos
- ∴ P(AeB) = 3/n = 3/20
- 2.2.
- Seja Z a v.a. "nr de dias em que o operário faltou"
- O valor médio é dado por
- μ = 0*0.6 + 1*a + 2*0.15 + 3*b
- Precisamos de saber o valor de 'a' e 'b'
- A prob. de ter faltado, no máximo, até 2 dias é 0,95
- Ou seja, P(Z<3) = P(Z<=2) = 0.95
- Então 0.6 + a + 0.15 = 0.95
- => a = 0.95 - 0.15 - 0.6
- => a = 0.2
- Seja A um acontecimento qualquer, então 0<=P(A)<=1
- 0.6 + a + 0.15 + b = 1
- 0.6 + 0.2 + 0.15 + b = 1
- => b = 1 -0.6-0.2-0.15
- => b = 0.05
- ∴ μ = 0*0.6 + 1*0.2 + 2*0.15 + 3*0.05
- μ = 0.65
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- | Grupo II |
- ------------
- 1.
- Para t=0 a bactéria divide-se em 2
- De 20 em 20 mins. cada bactéria se divide em outras 2
- Seja f a função que nos dá o nr de bactérias existentes num instante t
- f(0) = 2
- f(20) = 4
- f(40) = 8
- .
- .
- .
- f(20*n) = 2^(n+1)
- 5 horas são 60*5 minutos = 300 minutos
- 300/20 = 30/2 = 15 minutos
- Queremos saber f(300) = f(20*15)
- f(20*15) = 2^(16)
- = 65536 bactérias
- ∴ O número de bactérias existentes passadas 5 horas é de 65536 > 65000
- 2.
- O termo geral de uma prog. geom. é bn = b1 * r^(n-1)
- b1 = 1000
- b2 = 2000
- b3 = 4000
- .
- .
- .
- O termo geral de bn é dado por bn = 1000 * 2^(n-1)
- ∴ bn é uma prog. geom. de razão b2/b1 = 2
- -------------
- | Grupo III |
- -------------
- 1. O nr de pessoas c/ gripe é dado pela função f no dia x
- f(x) tal que x = {1,2,3,...,40}
- x=1, 11 de janeiro de 2016
- x=2, 12 de janeiro de 2016
- .
- .
- .
- x=20, 30 de janeiro de 2016
- x=22, 1 de fevereiro de 2016
- x=40, 19 de fevereiro de 2016
- Sabemos que:
- 1 - Todos os dias foram atendidas pessoas, ou seja
- f(x) > 0, para todo o x
- 2 - Os dias em que foram atendidas >180 pessoas foram dias
- consecutivos.
- 3 - Dia 30 de janeiro (x=20) corresponde a um extremo de f
- Figura 1: Não satisfaz o 2º ponto
- Figura 2: Não satisfaz o 1º ponto
- Figura 3: Não satisfaz o 3º ponto.
- 2.
- 2.1.1. Queremos saber t tal que Na(t) > 100 e 0<=t<=40
- Resolve-se a ineq. Na(t) > 100 em ordem a t
- 325/(1+12*3^(-0.1t)) > 100
- 1+12*3^(-0.1t) > 325/100
- 12*3^(-0.1t) > 2.25
- 1/(3^0.1t) > 2.25/12
- 3^0.1t > 12/2.25
- 3^(0.1t) > 5,3333
- Pelas regras dos logaritmos
- log3(3^(0.1t)) > log3(5,3333)
- 0.1t > log3(5,3333)
- t > 10*log3(5,3333)
- t > 25,4463 dias
- 1 dia tem 24 horas
- 0.4463 dia tem x horas
- => x ~10 horas
- ∴ Decorreram ~25 dias e 10 horas para que o nr de infetados
- ultrapassasse uma centena
- 2.1.2.
- Nb(t) = k*Na(t), 0<=t<=40
- t=0, dia 10 de janeiro
- t=10, dia 20 de janeiro
- t=10 + 1/3, dia 20 de janeiro ás 8 horas
- Porque se
- 1 dia tem 24 horas
- x dia tem 8 horas
- => x ~0.333(3) = 1/3
- Sabemos que
- Nb(10+1/3) = 39
- k * Na(10+1/3) = 39
- k * 66,0252 = 39
- k ~ 39/66,0252
- ∴ k ~ 0.5907
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